Проблема MySQL и PHP

Статус
В этой теме нельзя размещать новые ответы.

websar

Постоялец
Регистрация
7 Июл 2007
Сообщения
68
Реакции
36
Есть файл со след. содержимым (его часть ниже:(

$usersql = "SELECT * FROM ".TAB_USERS." where id=".$xid);
$rescuser = MYSQL_QUERY($usersql);
$us = mysql_fetch_array($rescuser);

if($us["pub_stat"]=="1"){
$checked="checked";
}else{
$checked="";
}

$xtpl->assign("edit_num", $num_text_top);
$xtpl->assign("edit_name", $us["site_name"]);
$xtpl->assign("edit_text", $us["site_text"]);
$xtpl->assign("edit_url", $us["site_url"]);
$xtpl->assign("edit_mail", $us["mail"]);
$xtpl->assign("edit_pub_checked", $checked);
$xtpl->parse("top.edits");

Так вот выдается ошибка:
Warning: mysql_fetch_array(:( supplied argument is not a valid MySQL result resource in /home/websarr4/public_html/top/usr/bin/edits.php on line 5 (в моем случае 5 строка эта: $us = mysql_fetch_array($rescuser); ).
Помогите решить эту проблему, пожалуйста!
 
$usersql = "SELECT * FROM ".TAB_USERS." where id=".$xid);
$rescuser = MYSQL_QUERY($usersql);
Дело в том что mysql_query вернул не ресурс, а скорее всего булевский тип(false).
Проверь синтаксис выполняемого запроса.
 
Так дело в том, что даже если я пишу так:
$usersql = "SELECT * FROM ".TAB_USERS." where id=".$xid or die (mysql_error());
$rescuser = MYSQL_QUERY($usersql);

Так самое инетресное, что на локальном компе работает (установлен Денвер), а после загрузки на сервер (АГАВА) ничего не работает!

Добавлено через 1 минуту
Дело в том что mysql_query вернул не ресурс, а скорее всего булевский тип(false).
Проверь синтаксис выполняемого запроса.
Может есть какой-то способ избавиться от этой ошибки?
 
а так
$rescuser = mysql_query("select * from TAB_USERS where id=$xid");
токо закоментиру й
$usersql = "SELECT * FROM ".TAB_USERS." where id=".$xid);
$rescuser = MYSQL_QUERY($usersql);
и проверь тои у тебя выводица $xid и TAB_USERS
может тут не то передаеш
 
$usersql = "SELECT * FROM ".TAB_USERS." where id=".$xid or die (mysql_error());
$rescuser = MYSQL_QUERY($usersql);

правильней писать
PHP:
$usersql = "SELECT * FROM ".TAB_USERS." where id=".$xid;
$rescuser = MYSQL_QUERY($usersql)  or die (mysql_error());
 
правильней писать
PHP:
$usersql = "SELECT * FROM ".TAB_USERS." where id=".$xid;
$rescuser = MYSQL_QUERY($usersql)  or die (mysql_error());

Я понимаю, что так правильней. Но тогда выскакивает другая ошибка:
You have an error in your SQL syntax; check the manual that corresponds to your MySQL server version for the right syntax to use near '' at line 1
 
ну у тебя ".TAB_USERS." это ".$TAB_USERS."
если не то кавычки не нужны
 
Ну вот, этоже прекрасно когда выскакивает ошибка, а не тупо ничо не работает.
Я уже писал тебе, проверь синтаксис запроса, как видно по ошибке он у тебя неверный..

напиши
PHP:
echo("SELECT * FROM ".TAB_USERS." where id=".$xid);

результат кидай сюда
 
Статус
В этой теме нельзя размещать новые ответы.
Назад
Сверху